Giải Toán 11 trang 85 Tập 2 Chân trời sáng tạo

Trang trước Trang sau

Với Giải Toán 11 trang 85 Tập 2 trong Bài 5: Góc giữa đường thẳng và mặt phẳng. Góc nhị diện Toán lớp 11 Chân trời sáng tạo hay nhất, chi tiết sẽ giúp học sinh lớp 11 dễ dàng làm bài tập Toán 11 trang 85.

Thực hành 2 trang 85 Toán 11 Tập 2: Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD với O là tâm của đáy và có tất cả các cạnh đều bằng a. Xác định và tính góc phẳng nhị diện:

a) [S, BC, O];

b) [C, SO, B].

Lời giải:

a) Gọi M là trung điểm BC.

ΔSBC đều ⇒ SM ⊥ BC

ΔOBC vuông cân tại O ⇒ OM ⊥ BC

Khi đó góc phẳng nhị diện [S, BC, O] = (MO, MS).

Ta có: O là trung điểm của BD, M là trung điểm của BC

⇒ OM là đường trung bình của ΔBCD

$\Rightarrow OM = \frac{1}{2} CD = \frac{a}{2}$

$AC = \sqrt{{AB}^{2} + {BC}^{2}} = a \sqrt{2} \Rightarrow OC = \frac{AC}{2} = \frac{a \sqrt{2}}{2}$

ΔSBC đều, M là trung điểm của BC

⇒ SM là đường trung tuyến $\Rightarrow SM = \frac{a \sqrt{3}}{2}$

$\cos (MO, MS) = \frac{OM}{M S} = \frac{\frac{a}{2}}{\frac{a \sqrt{3}}{2}} = \frac{a}{2} . \frac{2}{a \sqrt{3}} = \frac{1}{\sqrt{3}}$ .

Suy ra [S, BC, O] = (MO, MS) $\approx 54 ° 7'$

b) Ta có:

• SO ⊥ (ABCD) nên SO⊥OB

• SO ⊥ (ABCD) nên SO⊥OC

Vậy $\hat{BOC}$ là góc phẳng nhị diện [C, SO, B].

Mà ABCD là hình vuông nên $\hat{BOC} = 90 °$ .
Vậy [C, SO, B] = 90^o.

Vận dụng 2 trang 85 Toán 11 Tập 2: Cho biết kim tự tháp Memphis tại bang Tennessee (Mỹ) có dạng hình chóp tứ giác đều với chiều cao 98m và cạnh đáy 180m. Tính số đo góc nhị diện tạo bởi mặt bên và mặt đáy.

(Nguồn: https://en.wikipedia.org/wiki/Memphis_Pyramid)

Vận dụng 2 trang 85 Toán 11 Tập 2 Chân trời sáng tạo | Giải Toán 11

Lời giải:

Mô hình hoá kim tự tháp bằng chóp tứ giác đều S.ABCD với O là tâm của đáy.

Vậy AB = 180 m, SO = 98 m.

Gọi M là trung điểm của BC.

• ΔSBC đều nên SM ⊥ BC.

• ΔOBC vuông cân tại O nên OM ⊥ BC.

Khi đó góc phẳng nhị diện [S, BC, O] = (MO, MS) = $\hat{SMO}$ .

Ta có: O là trung điểm của BD, M là trung điểm của BC.

Suy ra OM là đường trung bình của ΔBCD.

Do đó $OM = \frac{1}{2} CD = 90 (m)$ .

Khi đó: $\tan \hat{SMO} = \frac{98}{90} \Rightarrow \hat{SMO} \approx 47, 4 °$ .

Bài 1 trang 85 Toán 11 Tập 2: Cho tứ diện đều ABCD. Vẽ hình bình hành BCED.

a) Tìm góc giữa đường thẳng AB và (BCD).

b) Tìm góc phẳng nhị diện [A,CD,B]; [A,CD, E].

Lời giải:

a) Gọi I là trung điểm của CD, O là tâm của ΔBCD.

$\Rightarrow$ AO ⊥ (BCD)

$\Rightarrow$ (AB, (BCD)) = (AB, OB) = $\hat{ABO}$

Vậy góc giữa đường thẳng AB và (BCD) là $\hat{ABO}$ .

• ΔACD đều nên AI ⊥ CD

• ΔBCD đều nên BI ⊥ CD

Do đó $[A, CD, B] = \hat{AIB}$ .

Vậy $\hat{AIB}$ là góc phẳng nhị diện [A, CD, B].

• ΔACD đều nên AI ⊥ CD

• ΔECD đều nên EI ⊥ CD

Do đó $[A, CD, E] = \hat{AIE}$ .

Vậy $\hat{AIE}$ là góc phẳng nhị diện [A,CD, E].

Bài 2 trang 85 Toán 11 Tập 2: Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD có O là tâm của đáy và có tất cả các cạnh bằng nhau.

a) Tìm góc giữa đường thẳng SA và (ABCD).

b) Tìm góc phẳng nhị diện [A, SO, B], [S, AB, O].

Lời giải:

a) S.ABCD là hình chóp tứ giác đều có O là tâm của đáy

$\Rightarrow$ SO ⊥ (ABCD) ⇒ (SA, (ABCD)) = (SA,OA) = $\hat{SAO}$

Vậy góc giữa đường thẳng SA và (ABCD) là $\hat{SAO}$

b) Gọi M là trung điểm của AB

SO ⊥ (ABCD) ⇒ SO ⊥ AO, SO ⊥ BO

Vậy $\hat{AOB}$ là góc phẳng nhị diện [A, SO, B]

• ABCD là hình vuông nên $\hat{AOB} = 90 °$

• ΔSAB đều nên SM ⊥ AB

• ΔOAB vuông cân tại O nênOM ⊥ AB

Vậy $\hat{SMO}$ là góc phẳng nhị diện [S, AB, O].

Bài 3 trang 85 Toán 11 Tập 2: Cho hình chóp cụt lục giác đều ABCDEF.A′B′C′D′E′F′ với O và O′ là tâm hai đáy, cạnh đáy lớn và đáy nhỏ lần lượt là a và $\frac{a}{2}, {OO}^{'} = a$

a) Tìm góc giữa cạnh bên và mặt đáy.

b) Tìm góc phẳng nhị diện [O, AB, A′]; [O′, A′B′, A].

Lời giải:

a) Kẻ C′H ⊥ OC (H OC).

OO′C′H là hình chữ nhật nên OO′// C′H.

Mà OO′ ⊥ (ABCDEF) nên C′H ⊥ (ABCDEF).

Do đó (CC′, (ABCDEF)) = (CC′, CH) = $\hat{C^{'} CH}$ .

b) Gọi M, M′ lần lượt là trung điểm của AB, A′B′.

Khi đó, OM ⊥ AB, O′M′ ⊥ A′B.

ABB′A′ là hình thang cân nên MM′ ⊥ AB, MM′ ⊥ A′B.

Do đó [O, AB, A′] = $\hat{OMM'}$ ; [O′, A′B′, A] = $\hat{O' M' M}$ .

Bài 4 trang 85 Toán 11 Tập 2: Một con dốc có dạng hình lăng trụ đứng tam giác với kích thước như trong Hình 9.

Bài 4 trang 85 Toán 11 Tập 2 Chân trời sáng tạo | Giải Toán 11

a) Tính số đo góc giữa đường thẳng CA′ và (CC′B′B).

b) Tính số đo góc nhị diện cạnh CC′.

Lời giải:

a) Xét tam giác vuông CBB′ có: $B' C = \sqrt{{BC}^{2} + BB'^{2}} = 2 \sqrt{61} (m)$

Gọi là góc giữa đường thẳng (CA′, (CC′B′B)) = $\hat{A' B' C}$

Khi đó: $tanα = \frac{A' B'}{B' C} = \frac{4}{2 \sqrt{61}} = \frac{2}{\sqrt{61}}$ .

Suy ra $α \approx 14 ° 22'$ .

b) Ta có: CC′ ⊥ (ABC) ⇒ CC′ ⊥ AC, CC′ ⊥ BC.

Gọi là góc phẳng nhị diện cạnh [A’, CC’, B’] = $\hat{ACB}$ .

$tanβ = \frac{A' B'}{B' C'} = \frac{4}{12} = \frac{1}{3}$ .

Suy ra $β \approx 18^{0} 26'$ .

Bài 5 trang 85 Toán 11 Tập 2: Người ta định đào một cái hầm có dạng hình chóp cụt tứ giác đều có hai cạnh đáy là 14 m và 10 m. Mặt bên tạo với đáy nhỏ thành một góc nhị diện có số đo bằng 135°. Tính số mét khối đất cần phải di chuyển ra khỏi hầm.

Bài 5 trang 85 Toán 11 Tập 2 Chân trời sáng tạo | Giải Toán 11

Lời giải:

Vì ABCD là hình vuông nên ta có OF = 7m

Chiều cao khối chóp S.ABCD là: $SO = IF . \tan 45 ° = 7 . 1 = 7 (m)$

Tuơng tự có chiều cao khối chóp S.A′B′C′D′ là: SO′ = 5m

Thể tích khối chóp S.ABCD:

$V_{S . ABC D} = \frac{1}{3} . 14^{2} . 7 = 457, 3 (m^{3})$

Thể tích khối chóp S.A’B’C’D’:

$V_{S . A' B' C' D'} = \frac{1}{3} . 10^{2} . 5 = 166, 7 (m^{3})$

Thể tích khối chóp cụt bằng số khối đất phải đào:

$V_{CC} = 457, 3 - 166, 7 = 290, 6 (m^{3})$ .

Vậy có 290,6 m³ khối đất cần phải di chuyển ra khỏi hầm.

Lời giải bài tập Toán 11 Bài 4: Khoảng cách trong không gian hay khác:

Xem thêm lời giải bài tập Toán lớp 11 Chân trời sáng tạo hay, chi tiết khác:

Xem thêm các tài liệu học tốt lớp 11 hay khác:

Trang trước Trang sau

Giải bài tập lớp 11 Chân trời sáng tạo khác